显示从php中获取myqsql数据的结果

斯蒂芬·阿德金斯（Stephen Adkins）

我不确定是否要进行连接并查询100％，但是由于出现的错误仅与我假设的结果有关。但是，我不知道如何正确处理数据以显示它。

的PHP：

$query = SELECT * FROM `user` WHERE `email` = '[email protected]' AND 'password' = 'password'

$db = new mysqli('localhost','root','','xxxxxxx') or die('unable to connect!');
if($db->connect_errno){
   $message = $db->connect_error;
} else{
   if($result = $db->query($query)){
       $result->close();
       while($row = mysqli_fetch_assoc($result)){
          echo "result: " . $row['user_Id'];
       }
       return $result;
   } else{
       $message = $db->error;
       return $message;
   }
}
$db->close();

它说的浏览器控制台中的错误。

警告：mysqli_fetch_assoc（）：无法在第14行的C：\ xampp \ htdocs \ apps \ MyVyn \ Utils \ utils \ servConn.php中获取mysqli_result注意：未定义的变量：在C：\ xampp \ htdocs \ apps \ MyVyn中返回第36行的\ Utils \ utils \ servConn.php

有人可以指出我所缺少的吗？还有什么更好的方法可以从数据库中获取数据并显示结果？

放克四十尼纳

编辑：

我：“您什么都没选择。”

OP：“这些是，我没有注意到我没有包括在内。”

发布时始终发布完整代码。如果省略某些内容，则可能会造成混淆。

您什么也没选择。

http://dev.mysql.com/doc/refman/5.0/en/select.html

意味着，您需要*从数据库表中选择一个列/列或所有内容。

例子：

$query = mysqli_query($db,"SELECT column FROM table_name");

或者

$query = mysqli_query($db,"SELECT column_1, column_2 FROM table_name");

或者

$query = mysqli_query($db,"SELECT * FROM table_name");

但是，我建议您研究使用预准备语句，或者将PDO与预准备语句一起使用，可以在其中使用许多示例作为基础。

编辑：＃2

您正在使用以下命令过早关闭数据库连接$db->close();：

else{
   if($result = $db->query($query)){
       $result->close();
       while($row = mysqli_fetch_assoc($result)){
          echo "result: " . $row['user_Id'];
       }
       $db->close(); // <= there
       return $result;
   } else{
       $message = $db->error;
       $db->close(); // <= there
       return $message;
   }
}

$result->close();从所有循环中删除，然后将其放置在成功查询之外。

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