背景： 我正在编写一个模块以设置嵌入式系统。在这种情况下，我需要加载一些模块并执行一些系统设置。
上下文：我有一个父类，其中包含一些用于几个子类的通用代码（加载配置文件，建立ssh连接等）。其中之一是设置模块的模块类，因此除其他外还使用ssh连接和配置文件。我的目标是与下一个要共享的模块共享配置文件和连接。对于连接而言，这一直都是浪费时间来构建和销毁它，但是对于配置文件，安装过程中的更改可能导致不确定的行为。
研究/方法：
我尝试使用类变量，但是在初始化新模块对象时未传递它们。
此外，我尝试使用全局变量，但是由于父类和子类位于不同的文件中，因此无法正常工作（是的，我可以将它们全部放在一个文件中，但这将是一团糟）。从我定义全局变量的文件中无法正常工作。
最后，我可以将配置文件和连接保留在中央脚本中，并将它们传递给每个实例，但这会导致大量的依赖关系，我认为这不是一个好的解决方案。
因此，这里有一些示例方法的代码，以获取一些文件路径。代码是根据方法1设置的（类可用）
配置文件示例：
Files:
Core:
Backend:
- 'file_1'
- 'file_2'
Local:
File_path:
Backend: '/the/path/to'
setup_class.py中的父类
import os
import abc
import yaml
class setup(object):
__metaclass__ = abc.ABCMeta
configuration = []
def check_for_configuration(self, config_file):
if not self.configuration:
with open(config_file, "r") as config:
self.configuration = yaml.safe_load(config)
def get_configuration(self):
return self.configuration
def _make_file_list(self, path, names):
full_file_path = []
for file_name in names:
temp_path = path + '/' + file_name
temp_path = temp_path.split('/')
full_file_path.append(os.path.join(*temp_path))
return full_file_path
@abc.abstractmethod
def install(self):
raise NotImplementedError
module_class.py中的模块类
from setup_class import setup
class module(setup):
def __init__(self, module_name, config_file = ''):
self.name = module_name
self.check_for_configuration(config_file)
def install(self):
self._backend()
def _backend(self):
files = self._make_file_list(
self.configuration['Local']['File_path']['Backend'],
self.configuration['Files'][self.name]['Backend'])
if files:
print files
最后是一个测试脚本：
from module_class import module
Analysis = module('Analysis',"./example.yml")
Core = module('Core', "./example.yml")
Core.install()
现在，在运行代码时，每次都会加载配置文件，并初始化一个新的模块对象。我想避免这种情况。有没有我考虑过的方法？实现这一目标的最简洁的方法是什么？
将全局值保存在全局字典中，并在模块内部进行引用。
cache = {}
class Cache(object):
def __init__(self):
global cache
self.cache = cache
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