我想制作一个使用自定义存根创建我的程序包所需的迁移的程序包。更准确地说,运行命令应该为具有特定特征的模型制作数据透视表。
如果我执行“正常”命令,则可以在服务提供商中注册它:
public function boot()
{
if ($this->app->runningInConsole()) {
$this->commands([
MakeContainerMigration::class,
]);
}
}
但是在这种情况下,我想重用Laravel的编码,从而省去了重新发明轮子的麻烦。所以我的命令看起来像这样:
class MakeContainerMigration extends MigrateMakeCommand
{
protected $name = 'custom:make-container';
protected $description = '...';
}
由于MigrateMakeCommand
未定义存根,而是依赖关系MigrationCreator
,因此,我需要找到一种方法来为其提供自定义存根路径,而又不会破坏“常规”迁移存根。
我试图做这样的事情,但失败了:
public function register()
{
$this->registerCreator();
$this->registerMigrateMakeCommand();
if ($this->app->runningInConsole()) {
$this->commands([
//MakeContainerMigration::class,
'custom.command.migrate.make'
]);
}
}
protected function registerCreator()
{
$this->app->singleton('custom.migration.creator', function ($app) {
return new MigrationCreator($app['files'], __DIR__ . '/stubs');
});
}
protected function registerMigrateMakeCommand()
{
$this->app->singleton('custom.command.migrate.make', function ($app) {
$creator = $app['custom.migration.creator'];
$composer = $app['composer'];
return new MakeContainerMigration($creator, $composer);
});
}
我知道注册命令不应该像这样运行,因为我只是将单例注册到Laravelapp
实例,但是我不知道如何在确保正确版本的同时通过类注册它MigrationCreator
。我有点卡在这里,有办法吗?
事实证明一切正常,我只需要更换
protected $name = 'custom:make-container';
与
protected $signature = 'custom:make-container';
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