我正在创建一个按钮,该按钮将允许管理员验证用户的图像:
单击接受或拒绝时,我不知道如何获取图像ID。
这是我的代码:
<?php
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo "<div class='grid-item'><img src='unimages/{$row['un_image']}'
onclick=onClick(this) style='width:98%' class='verifyimage' />
<form method='post' action='adminverify.php'>
<input class='button1' type='submit' name='accept' value='✓'>
<input class='button2' type='submit' name='reject' value='✘'>
</form>
</div>
";
}
mysqli_close($db);
?>
</div>
如果管理员接受,则映像应从table2移到table1。
我知道使用INSERT INTO
并且DELETE
可以使用,但是如何获取图片的ID。
表格1:
表2:
嗯,您可以使用GET方法获得更简单的脚本:
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
echo "
<a href='?&action=accept&id={$row['un_id']}'>Accept</a>
<a href='?&action=reject&id={$row['un_id']}'>Reject</a>
";
}
您可以像这样使用它:
if(isset($_GET['action']) && isset($_GET['id'])) {
$image_id = $_GET['id']
// Then check if you must accept or reject with $_GET['action'] value
}
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