我在C ++中定义了以下函数：
template<class Type> Type GetMedian(const vector<Type>& items, function<bool(Type, Type)> comp) {
vector<Type> copied_items(items);
std::nth_element(copied_items.begin(), copied_items.begin() + copied_items.size()/2, copied_items.end(), comp);
return copied_items[copied_items.size()/2];
}
但是，当我尝试将其称为时GetMedian(v, greater<uint32_t>())，我的编译器（clang）抱怨：
error: no
matching function for call to 'GetMedian'
GetMedian(v, greater<uint32_t>());
^~~~~~~~~
note:
candidate template ignored: could not match 'function' against 'greater'
template<class Type> Type GetMedian(const vector<Type>& items, function...
但是，无论何时更改为不使用模板，我都不会看到此错误，例如：
uint32_t GetMedian(const vector<uint32_t>& items, function<bool(uint32_t, uint32_t)> comp) {
vector<uint32_t> copied_items(items);
std::nth_element(copied_items.begin(), copied_items.begin() + copied_items.size()/2, copied_items.end(), comp);
return copied_items[copied_items.size()/2];
}
有什么方法可以使我的功能像我尝试的那样灵活？
该类型Type在此处分为两点：
template<class Type>
Type GetMedian(const vector<Type>& items, function<bool(Type, Type)> comp);
^^^^ ^^^^^^^^^^
当你调用它GetMedian(v, greater<uint32_t>())，它就会演绎Type为uint32_t对v，但后来它需要推断function<bool(Type, Type)>反对greater<uin32_t>。但是后者不是type function，因此推论失败。它可以转换为function<bool(uint32_t, uint32_t)>，但是在模板推导过程中不会进行转换。
幸运的是，您实际上不需要std::function这里。拥有它实际上更糟-您无缘无故地给自己分配了类型擦除的开销。只是让比较器是一个单独的模板类型：
template <class Type, class Comp>
Type GetMedian(const vector<Type>& items, Comp comp);
或者，如果您真的很想要a std::function，则可以通过以下方式将其包装Type在非推导上下文中：
template <class T> struct non_deduced { using type = T; };
template <class T> using non_deduced_t = typename non_deduced<T>::type;
template <class T>
T median(const std::vector<T>&, std::function<bool(non_deduced_t<T>, non_deduced_t<T>)>)
现在，允许从std::greater<uint32_t>到的转换std::function<bool(uint32_t, uint32_t)>发生，因为只有vector<T>那个是推断的上下文，因此编译器推断T到uint32_t，然后检查第二个参数转换是否有效。
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